梅州站扩建,免费wordpress主题 h5,低价网站建设案例,做文字logo的网站点分治学习笔记 模板题[洛谷P3806] 题意#xff1a;给定一棵有n个点的树#xff0c;询问树上距离为k的点对是否存在。 做法#xff1a;对于一个点\(u\)#xff0c;树上所有的路径可以分为两类#xff0c;一类是经过点\(u\)#xff0c;另一类是没有经过点\(u\)#xff0c… 点分治学习笔记 模板题[洛谷P3806] 题意给定一棵有n个点的树询问树上距离为k的点对是否存在。 做法对于一个点\(u\)树上所有的路径可以分为两类一类是经过点\(u\)另一类是没有经过点\(u\)即整条路径位于\(u\)的某个子树中。那么我们就可以对于点\(u\)统计出经过他的路径是否可以构成\(k\)然后删去点\(u\)对于每个子树的挑一个点作为根\(v\)重复同样的操作。这样我们就统计出了所有的路径。 然后我们注意到如果这棵树是一条链最坏的情况复杂度会下降为\(O(n^2)\)为了解决这个问题我们每次选取当前这棵树的重心作为根来分治就可以将最坏复杂度降为\(O(nlogn)\)为了写起来方便我的代码多了一个\(log\) Code: #include bits/stdc.h
#define rep(i,a,b) for(int ia;ib;i)
#define pb push_back
#define Pii pairint,int
#define x first
#define y second
const int N 10005;
template class T inline void read(T x) {x 0; T f 1; char c getchar();while(!isdigit(c)) { if(c -) f -1; c getchar(); }while(isdigit(c)) { x x * 10 c - 0; c getchar(); }x * f;
}
using namespace std;
int n, m, K[111], Ans[111];
struct edge{int e, w, nxt;} E[N 1];
int h[N], cc;
void add(int u, int v, int w) {E[cc].e v; E[cc].w w;E[cc].nxt h[u]; h[u] cc; cc;
}
int used[N], sz[N], mxp[N];
mapint,int dep;
setint S;
int idx, MN;
void dfs(int u, int pre, int num) {sz[u] 1; mxp[u] 0;for(int i h[u]; ~i; i E[i].nxt) if(!used[E[i].e] E[i].e ! pre){int v E[i].e;dfs(v, u, num);sz[u] sz[v];mxp[u] max(mxp[u], sz[v]);}mxp[u] max(mxp[u], num-sz[u]);if(mxp[u] MN) MN mxp[u], idx u;
}
int fdrt(int u,int sum) {idx 0, MN __INT_MAX__;dfs(u,0,sum);return idx;
}
void bfs(int u, int w) {dep[u] w;queueint q; q.push(u);while(!q.empty()) {int u q.front(); q.pop();for(int i h[u]; ~i ; i E[i].nxt) if(!used[E[i].e] dep.find(E[i].e) dep.end()) {int v E[i].e;dep[v] dep[u] E[i].w;q.push(v);}}
}
int M[N];
void solve(int u) {used[u] 1; S.clear(); S.insert(0);for(int i h[u]; ~i; i E[i].nxt) if(!used[E[i].e]) {int v E[i].e, w E[i].w;dep.clear();bfs(v,w);for(auto A: dep) {for(int j 1; j m; j) {if(S.find(K[j] - A.y) ! S.end()) Ans[j] | 1;}}for(auto A: dep) S.insert(A.y);M[v] dep.size();}for(int i h[u]; ~i; i E[i].nxt) if(!used[E[i].e]) {solve( fdrt(E[i].e, M[E[i].e]) );}
}
int main() {read(n); read(m); int u, v, w; memset(h, -1, sizeof(h));rep(i,2,n) read(u), read(v), read(w), add(u,v,w), add(v,u,w);rep(i,1,m) read(K[i]);int rt fdrt(1,n);solve(rt);rep(i,1,m) puts(Ans[i] ? AYE : NAY);
} 转载于:https://www.cnblogs.com/RRRR-wys/p/10501688.html
