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思路
先是看错题目#xff0c;以为是所有的路径异或值的和#xff0c;然后好像用了个假的print函数#xff0c;一直wa#xff0c;#xff0c;#xff0c;
既然是异或#xff0c;那么当一个点出现的次数是偶数次的时候它会被自己异或成零#xff0c;也就是队…Xor Path
思路
先是看错题目以为是所有的路径异或值的和然后好像用了个假的print函数一直wa
既然是异或那么当一个点出现的次数是偶数次的时候它会被自己异或成零也就是队整体的答案没有贡献度所以我们只要统计有多少条路经过了这个点就行了。我们得到一个节点的每一个儿子的节点数量然后再剩下不是当前节点中选择一个节点两个建立一条边计算得到当前节点的儿子连儿子构成的最短路对这个点的贡献度然后再加上这个点与其儿子链接的贡献度即可如果是奇数则异或上我们的答案否则这个点将会对答案没有贡献。
代码
/*Author : lifehappy
*/
#pragma GCC optimize(2)
#pragma GCC optimize(3)
#include bits/stdc.h
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define endl \nusing namespace std;typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pairint, int pii;const double pi acos(-1.0);
const double eps 1e-7;
const int inf 0x3f3f3f3f;inline ll read() {ll f 1, x 0;char c getchar();while(c 0 || c 9) {if(c -) f -1;c getchar();}while(c 0 c 9) {x (x 1) (x 3) (c ^ 48);c getchar();}return f * x;
}void print(ll x, char c) {if(x 10) {putchar(x 48);putchar(c);return ;}print(x / 10, c);putchar(x % 10 48);
}const int N 5e5 10;int head[N], to[N 1], nex[N 1], cnt 1;
int value[N], sz[N], n, ans;void add(int x, int y) {to[cnt] y;nex[cnt] head[x];head[x] cnt;
}void dfs(int rt, int fa) {sz[rt] 1;ll num 0;for(int i head[rt]; i; i nex[i]) {if(to[i] fa) continue;dfs(to[i], rt);sz[rt] sz[to[i]];num 1ll * sz[to[i]] * (n - sz[to[i]] - 1);}num 1ll * (n - sz[rt]) * (sz[rt] - 1);num 1;//这个地方每两个节点回重复计算一次因此要除以e2num n - 1;//加上从这个节点出发的点的贡献度。if(num 1) ans ^ value[rt];
}int main() {// freopen(in.txt, r, stdin);// freopen(out.txt, w, stdout);// ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(0), cout.tie(0);n read();for(int i 1; i n; i) {int x read(), y read();add(x, y);add(y, x);}for(int i 1; i n; i) value[i] read();dfs(1, 0);printf(%d\n, ans);return 0;
}
